统计动力学笔记(三)整波滤波器(自留用)

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整波滤波器是一类能够整合具有任意频谱密度的静定随机信号的滤波器。其输入信号往往是白噪声

1. 整波滤波器推导

由统计动力学笔记(二)频谱密度与线性随机系统的动态准确性(自留用)一文可以知道系统输出 x x x和输入 u u u之间的互频谱密度:
S x ( ω ) = W ( j ω ) W ( − j ω ) S u ( ω ) (1) S_x (\omega) = W(j \omega) W(-j \omega) S_u (\omega) \tag{1} Sx(ω)=W()W()Su(ω)(1)当输入为白噪声时, S u ( ω ) = S n ( ω ) = 1 S_u (\omega) = S_n (\omega) = 1 Su(ω)=Sn(ω)=1,则
S x ( ω ) = W ( j ω ) W ( − j ω ) (2) S_x (\omega) = W(j \omega) W(-j \omega) \tag{2} Sx(ω)=W()W()(2)这样一来,只要将输出端 x x x的频谱密度分解为2个共轭的部分,就可以得到系统的传递函数。这一步也称为频谱密度的分解

例:输出端的频谱密度为
S x ( ω ) = 4 4 ω 2 + 1 = 2 2 j ω + 1 ⋅ 2 2 ( − j ω ) + 1 S_x (\omega) = \frac{4}{4\omega^2 + 1} = \frac{2}{2 j \omega +1} \cdot \frac{2}{2 (- j\omega) + 1 } Sx(ω)=4ω2+14=2+122()+12则系统的传函为
W ( j ω ) = 2 2 j ω + 1 W(j \omega) = \frac{2}{2 j \omega +1} W()=2+12
W ( s ) = 2 2 s + 1 W({\rm s}) = \frac{2}{2 {\rm s} +1} W(s)=2s+12

2. 线性动态系统输出端的随机信号的方差

方差的定义式在统计动力学笔记(二)频谱密度与线性随机系统的动态准确性(自留用)一文的式(5)已给出:
D x = R x ( 0 ) = 1 2 π ∫ − ∞ ∞ S x ( ω ) d ω D_x = R_x (0) = \frac{1}{2\pi} \int_{-\infty} ^\infty S_x (\omega) {\rm d} \omega Dx=Rx(0)=2π1Sx(ω)dω代入式(1)
D x = 1 2 π ∫ − ∞ ∞ W ( j ω ) W ( − j ω ) S u ( ω ) d ω = 1 2 π ∫ − ∞ ∞ ∣ W ( j ω ) ∣ 2 S u ( ω ) d ω (3) D_x = \frac{1}{2\pi} \int_{-\infty} ^\infty W(j \omega) W(-j \omega) S_u (\omega) {\rm d} \omega = \frac{1}{2\pi} \int_{-\infty} ^\infty \big\lvert W(j \omega) \big\rvert^2 S_u (\omega) {\rm d} \omega \tag{3} Dx=2π1W()W()Su(ω)dω=2π1 W() 2Su(ω)dω(3)式(3)的计算方式,有如下一套固定的方法,称为“ I n I_n In – 积分法”:
I n = 1 2 π ∫ − ∞ ∞ ∣ G ( j ω ) ∣ 2 ∣ H n ( j ω ) ∣ 2 d ω = 1 2 π ∫ − ∞ ∞ G n ( j ω ) H n ( j ω ) H n ( − j ω ) d ω (4) I_n = \frac{1}{2\pi} \int_{-\infty} ^\infty \frac{ \big\lvert G(j \omega) \big\rvert^2 }{ \big\lvert H_n(j \omega) \big\rvert^2 } {\rm d} \omega = \frac{1}{2\pi} \int_{-\infty} ^\infty \frac{ G_n (j \omega) }{ H_n(j \omega) H_n(-j \omega) } {\rm d} \omega \tag{4} In=2π1 Hn() 2 G() 2dω=2π1Hn()Hn()Gn()dω(4)其中
G n ( j ω ) = b 0 ( j ω ) 2 n − 2 + b 1 ( j ω ) 2 n − 4 + ⋯ + b n − 1 , H n ( j ω ) = a 0 ( j ω ) n + a 1 ( j ω ) n − 1 + ⋯ + a n (5) G_n (j \omega) = b_0 (j \omega)^{2n-2} + b_1 (j \omega)^{2n-4} + \cdots + b_{n-1}, \\ H_n (j \omega) = a_0 (j \omega)^{n} + a_1 (j \omega)^{n-1} + \cdots + a_n \tag{5} Gn()=b0()2n2+b1()2n4++bn1,Hn()=a0()n+a1()n1++an(5)关于式(4)(5)有如下几点:
(1)若积分式的分母阶数为 n n n,则实际系统中,分子的阶数不会超过 2 n − 2 2n-2 2n2
(2)积分式分母 H n ( j ω ) H n ( − j ω ) H_n(j \omega) H_n(-j \omega) Hn()Hn() ω \omega ω的偶函数。
(3)积分式分子 G n ( j ω ) G_n(j \omega) Gn()只含有 j ω j\omega 偶次幂。若出现了奇次幂,则可以直接忽视掉,因为积分后奇次幂将等于零。
(4)积分式分母中的 H n ( j ω ) H_n(j \omega) Hn()应当是稳定的。

则对于 I n I_n In – 积分,其计算方法如下:
I n = ( − 1 ) n + 1 N n 2 a 0 D n (6) I_n = (-1) ^{n+1} \frac{N_n}{2a_0 D_n} \tag{6} In=(1)n+12a0DnNn(6)其中
D n = ∣ a 1 a 0 0 ⋯ 0 a 3 a 2 a 1 ⋯ 0 a 5 a 4 a 3 ⋯ 0 ⋮ ⋮ ⋮ ⋱ ⋮ 0 0 0 ⋯ a n ∣ , (7) D_n = \begin{vmatrix} a_1 & a_0 & 0 & \cdots & 0 \\ a_3 & a_2 & a_1 & \cdots & 0 \\ a_5 & a_4 & a_3 & \cdots & 0 \\ \vdots & \vdots & \vdots & \ddots & \vdots \\ 0 & 0 & 0 & \cdots & a_n \end{vmatrix} \tag{7}, Dn= a1a3a50a0a2a400a1a30000an ,(7) N n = ∣ b 0 a 0 0 ⋯ 0 b 1 a 2 a 1 ⋯ 0 b 2 a 4 a 3 ⋯ 0 ⋮ ⋮ ⋮ ⋱ ⋮ b n − 1 0 0 ⋯ a n ∣ (8) N_n = \begin{vmatrix} b_0 & a_0 & 0 & \cdots & 0 \\ b_1 & a_2 & a_1 & \cdots & 0 \\ b_2 & a_4 & a_3 & \cdots & 0 \\ \vdots & \vdots & \vdots & \ddots & \vdots \\ b_{n-1} & 0 & 0 & \cdots & a_n \end{vmatrix} \tag{8} Nn= b0b1b2bn1a0a2a400a1a30000an (8) N n N_n Nn只是把 D n D_n Dn中的第一列替换成了 b i b_i bi

例:设系统的传递函数为
W ( s ) = K T s + 1 W({\rm s}) = \frac{K}{T {\rm s} +1} W(s)=Ts+1K输入信号的频谱密度为
S u ( ω ) = D u α 2 + ω 2 S_u (\omega) = \frac{D_u}{\alpha^2 + \omega^2} Su(ω)=α2+ω2Du计算该系统的均方差。
首先得到系统误差的传函:
Φ e ( s ) = 1 1 + W ( s ) = T s + 1 T s + 1 + K \Phi_e ({\rm s}) = \frac{1}{1 + W( {\rm s})} = \frac{T{\rm s} +1}{T{\rm s} + 1 + K} Φe(s)=1+W(s)1=Ts+1+KTs+1代入式(1)计算误差的频谱密度
S e ( ω ) = ∣ Φ e ( j ω ) ∣ 2 S u ( ω ) = ∣ T ( j ω ) + 1 T ( j ω ) + 1 + K ∣ 2 D u α 2 + ω 2 = D u ( T 2 ω 2 + 1 ) ∣ ( T ( j ω ) + 1 + K ) ( j ω + α ) ∣ 2 = D u ( T 2 ω 2 + 1 ) ∣ T ( j ω ) 2 + ( α T + 1 + K ) j ω + ( 1 + K ) α ∣ 2 \begin{aligned} S_e (\omega) &= \left| \Phi_e (j \omega) \right|^2 S_u (\omega) = \left| \frac{T(j \omega) +1}{T(j \omega) + 1 + K} \right|^2 \frac{D_u}{\alpha^2 + \omega^2} \\ &= \frac{D_u \left( T^2 \omega^2 + 1\right) }{ \left| \left( T( j\omega) + 1 + K \right) \left( j\omega + \alpha \right) \right|^2 } \\ &= \frac{D_u \left( T^2 \omega^2 + 1 \right) }{ \left| T(j\omega)^2 + \left( \alpha T + 1 +K \right) j\omega + (1 + K) \alpha \right|^2 } \end{aligned} Se(ω)=Φe()2Su(ω)= T()+1+KT()+1 2α2+ω2Du=(T()+1+K)(+α)2Du(T2ω2+1)=T()2+(αT+1+K)+(1+K)α2Du(T2ω2+1)均方差为(类比统计动力学笔记(二)频谱密度与线性随机系统的动态准确性(自留用)一文式(5)):
e 2 ‾ = 1 2 π ∫ − ∞ ∞ S e ( ω ) d ω = D u I 2 \overline{e^2} = \frac{1}{2\pi} \int_{-\infty} ^\infty S_e (\omega) {\rm d} \omega = D_u I_2 e2=2π1Se(ω)dω=DuI2其中
I 2 = 1 2 π ∫ − ∞ ∞ ( T 2 ω 2 + 1 ) d ω ∣ T ( j ω ) 2 + ( α T + 1 + K ) j ω + ( 1 + K ) α ∣ 2 I_2 = \frac{1}{2\pi} \int_{-\infty} ^\infty \frac{ \left( T^2 \omega^2 + 1 \right) {\rm d} \omega }{ \left| T(j\omega)^2 + \left( \alpha T + 1 +K \right) j\omega + (1 + K) \alpha \right|^2 } I2=2π1T()2+(αT+1+K)+(1+K)α2(T2ω2+1)dω可见
G 2 ( j ω ) = T 2 ⏟ b 0 ω 2 + 1 ⏟ b 1 , G_2 (j\omega) = \underbrace{T^2}_{b_0} \omega^2 + \underbrace{1}_{b_1}, G2()=b0 T2ω2+b1 1, H 2 ( j ω ) = T ⏟ a 0 ( j ω ) 2 + ( α T + 1 + K ) ⏟ a 1 j ω + ( 1 + K ) α ⏟ a 2 H_2 (j\omega) = \underbrace{T}_{a_0} (j\omega)^2 + \underbrace{\left( \alpha T + 1 +K \right)}_{a_1} j\omega + \underbrace{(1 + K) \alpha}_{a_2} H2()=a0 T()2+a1 (αT+1+K)+a2 (1+K)α计算两个行列式
D 2 = ∣ a 1 a 0 a 3 a 2 ∣ = ∣ α T + 1 + K T 0 ( 1 + K ) α ∣ = α ( α T + 1 + K ) ( 1 + K ) , D_2 = \begin{vmatrix} a_1 & a_0 \\ a_3 & a_2 \end{vmatrix} = \begin{vmatrix} \alpha T + 1 +K & T \\ 0 & (1 + K) \alpha \end{vmatrix} = \alpha \left( \alpha T + 1 +K \right) (1 + K), D2= a1a3a0a2 = αT+1+K0T(1+K)α =α(αT+1+K)(1+K), N 2 = ∣ b 0 a 0 b 1 a 2 ∣ = ∣ T 2 T 1 ( 1 + K ) α ∣ = α T 2 ( 1 + K ) − T N_2 = \begin{vmatrix} b_0 & a_0 \\ b_1 & a_2 \end{vmatrix} = \begin{vmatrix} T^2 & T \\ 1 & (1 + K) \alpha \end{vmatrix} = \alpha T^2 (1 + K) - T N2= b0b1a0a2 = T21T(1+K)α =αT2(1+K)T
I 2 = ( − 1 ) 2 + 1 N 2 2 a 0 D 2 = − α T 2 ( 1 + K ) − T 2 T α ( α T + 1 + K ) ( 1 + K ) I_2 = (-1) ^{2+1} \frac{N_2}{2a_0 D_2} = - \frac{ \alpha T^2 (1 + K) - T }{2 T \alpha \left( \alpha T + 1 +K \right) (1 + K) } I2=(1)2+12a0D2N2=2Tα(αT+1+K)(1+K)αT2(1+K)T
e 2 ‾ = D u I 2 = D u [ T − α T 2 ( 1 + K ) ] 2 T α ( α T + 1 + K ) ( 1 + K ) = D u [ 1 − α T ( 1 + K ) ] 2 α ( α T + 1 + K ) ( 1 + K ) \overline{e^2} = D_u I_2 = \frac{ D_u \left[ T - \alpha T^2 (1 + K) \right] }{2 T \alpha \left( \alpha T + 1 +K \right) (1 + K) } = \frac{ D_u \left[ 1 - \alpha T (1 + K) \right] }{2 \alpha \left( \alpha T + 1 +K \right) (1 + K) } e2=DuI2=2Tα(αT+1+K)(1+K)Du[TαT2(1+K)]=2α(αT+1+K)(1+K)Du[1αT(1+K)]故均方差为
e 2 ‾ = D u [ 1 − α T ( 1 + K ) ] 2 α ( α T + 1 + K ) ( 1 + K ) \sqrt{\overline{e^2}} = \sqrt{ \frac{ D_u \left[ 1 - \alpha T (1 + K) \right] }{2 \alpha \left( \alpha T + 1 +K \right) (1 + K) } } e2 =2α(αT+1+K)(1+K)Du[1αT(1+K)] 文章来源地址https://www.toymoban.com/news/detail-675134.html

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