【leetcode 力扣刷题】数学题之除法：哈希表解决商的循环节➕快速乘求解商

166. 分数到小数

题目链接：166. 分数到小数
题目内容：

题目是要我们把一个分数变成一个小数，并以字符串的形式返回。按道理，直接将分子numerator除以分母denominator就得到了小数，转换成string返回就好。题目要求里指出了特殊情况——小数部分如果有循环，就把循环节括在括号里。

那么问题来了，怎么知道有没有循环呢。循环节就是一段循环出现的数字，我们即便是存下来小数部分的每一位数，也不能说有数字重复了就是循环节的开始，比如0.121113，我们不能在1第二次出现的时候就判断上一个1到这个1之前就是循环节。那么是以什么重复出现判断是有循环节呢？ A➗B得到商为C，余数为R，计算小数部分时每后移一位将当前余数补0进行运算， 最终余数R==0，表示能够整除，直接将结果转换成string即可；对于有循环节的小数部分，出现重复余数时，表示有循环节。因为从该余数开始计算，一定会再变成这个余数，这样循环下去。那么这个余数第一次计算出的小数，到第二次出现这个余数对应的那位小数，之间的小数就是循环节。
判断一个余数是否出现过，用hash表记录。由于同时要记录余数，以及余数出现的位置【以便确定循环节开始和结束位置】，因此用map。代码如下（C++）：

class Solution {
public:
    string fractionToDecimal(int numerator, int denominator) {
    	//防止溢出，32位int转换成64位的long
        long _numerator = numerator;
        long _denominator = denominator;
        //如果分子为0，直接返回零
        if(_numerator == 0)
            return "0";
        //能够整除，直接返回
        if(_numerator % _denominator == 0) 
            return to_string(_numerator/_denominator);
		//不能整除的情况，ans表示结果字符串
        string ans;
        //异号先添加负号
        if(_numerator>0&&_denominator<0 || _numerator<0&&_denominator>0){
            ans.push_back('-');
        }
        //都变成绝对值，计算结果数值部分
        _numerator = abs(_numerator);
        _denominator = abs(_denominator);
		//整数部分为0
        if(_numerator < _denominator)
        	ans.push_back('0');
        //计算整数部分
        else{ 
            ans = ans + to_string(_numerator/_denominator);
            //numerator变成余数
            _numerator = _numerator % _denominator;
        }
		//添加小数点
        ans.push_back('.');     
        //map记录余数以及出现的位置
        unordered_map <long,int> remainder;
        int idx = ans.size();
        remainder.insert({_numerator,idx});
        while(_numerator){
            _numerator *= 10;
            ans = ans + to_string(_numerator/_denominator);
            _numerator = _numerator % _denominator; 
            //如果余数重复出现就break，有循环 
            if(remainder.count(_numerator))
                break;
            remainder.insert({_numerator,++idx});                
        }
        //如果余数不为0，就有循环，循环节部分添加()
        if(_numerator) {
            ans.insert(remainder[_numerator],"(");
            ans += ')';
        }
        return ans; 
    }
};

29. 两数相除

题目链接：29. 两数相除
题目内容：

理解题意就是做整数除法，返回结果截取小数部分。比如-7/3 = -2，9/4 =2这样。问题在于两个地方：1、给的dividend和divisor，可能结果会溢出；2、不能使用乘法、除法和求余，但是要完成除法求得商。
对于第一个问题，单独考虑一些情况：

• 只有在dividend = -2^31，且divisor = -1的时候，结果为2^31，会溢出；
• 当dividend = 0 时，直接返回0；
• 当divisor = 1 时，直接返回dividend；

对于第二个问题，乘法的本质是加法，可以用快速乘这个方法，用加法来完成乘法操作。除法的本质是减法，而加减是一样的，因此也能用快速乘来完成。 因此本题的重点是快速乘。
另外还需要注意dividend和divisor的符号问题，两个数有四种符号组合，同为正、同为负、一正一负、一负一正，只有在异号的情况下，结果才为负。 确定结果负号后，数值部分计算，就可以将两个数变成都是正的。但此题当dividend 或者 divisor是-2^31时，变成正数就会溢出，因此统一变成负数。

快速乘

快速乘，即用加法来实现乘法，但是不是一个一个加，而是将数字每次翻倍，成倍成倍的加。7*5可以看成是7+7+7+7+7，5的二进制表示是(101)，7+7+7+7+7组合一下，等于1*[(7+7)+(7+7)] + 0*(7+7) + 1*7，即第一次是+7，之后是+(7+7)，再下一轮是+[(7+7)+(7+7)]，每一轮要加的是上一轮的2倍，这个两倍直接用add = add + add来实现，也不需要乘法。每一轮还需要乘以倍数的二进制表达式中对应位的数值【即0或者1】。代码模板如下（C++）：

int quick_mul(int x, int n){
	int ans = 0; 
	int add = x;
	while(n){
		if(n&1) //末位为1
		//【实际上由于n的右移操作，这一步是在看对应位是否为1
		//比如5 = 101，第一次循环101，末位为1，加上7
		//第二次10，末位为0，应该加7+7，实际加0
		//第三次1，末位为1，加上(7+7)+(7+7)】
			ans += add;  //结果ans加上当前的数add
		add += add; //add翻倍
		n >>= 1; //n右移一位
	}
	return ans;
}

解法一：快速乘变种

快速乘是在知道了一个数要乘以几之后快速求解答案的过程，除法是要去求被除数是除数的几倍，因此不能直接使用快速乘，但是可以借用快速乘中数字加倍的思想，快速找到商。 判断dividend里面还能不能有一个完整的divisor，是需要|dividend| >= |divisor|，因为都变成了负数，即dividend <= divisor就证明dividend里面有至少一个divisor，商还能加上一部分。那么dividend里面有多少个divisor需要去试，先试有1个【add = divisor】，然后试有2个【add = add + add】，然后试有4个【继续add = add + add】，然后试有8个……这样循环下去，直到某个数使得dividend > add + add了，就说明add + add里面倍数太大了，应该是add里面的倍数。之后dividend减去当前add，剩下的继续去找里面有几个divisor。
这里需要注意判断dividend < add + add，可能有溢出：当add 在-2^31 ~ -2^30之间，add+add小于-2^31，就溢出了，所以应该改成dividend - add < add。
完整代码如下（C++）：

class Solution {
public:
    int divide(int dividend, int divisor) {
        //特殊情况
        if(dividend == 0) return 0;
        if(divisor == 1) return dividend;
        //可能溢出的情况
        if(dividend == INT_MIN && divisor == -1) return INT_MAX;
        if(divisor == INT_MIN){
            return dividend == INT_MIN ? 1:0;
        }
        //防止溢出，正数变复数
        int rev = 1;
        if(dividend > 0){
            dividend = -dividend;
            rev = -rev;
        }
        if(divisor > 0){
            divisor = -divisor;
            rev = -rev;
        }

        int ans = 0;   
        //被除数和除数都为负数，被除数小于等于除数商才大于0    
        while(dividend <= divisor){
            int add = divisor;
            int result = 1;
            while(dividend - add <= add){
                result <<= 1; //当前商翻倍
                add <<= 1;    //翻倍
            }  
            ans += result;  //加上部分结果
            dividend -= add;  //剩余部分继续求商       
        }
        return ans*rev; //乘以符号翻转
    }
};

这里在dividend更新成dividend - add后，add又变成divisor从1倍开始尝试，这其实是多余的，可以将add+=add整翻倍过程的数值记录起来，优化代码（C++）：

//记录add翻倍过程中，比dividend小的数值
 while (add.back() >= dividend - add.back()) {
	add.push_back(add.back() + add.back());
}
int ans = 0;
for (int i = add.size() - 1; i >= 0; --i) {
	//dividend比add[i]更小，add里面的倍数能够加载商里面
	if (add[i] >= dividend) {
		//下标是i，对应的倍数是2^i，可以用左移i位来实现
		ans += (1 << i);
		//dividend减去对应的add
		dividend -= add[i];
	}
}

解法二： 二分查找 + 快速乘

还有一种办法是尝试每一个n，看当前的n*divisor和dividend的关系，因为dividend和divisor都变成了负数，因此dividend < n*divisor才能满足条件，n继续增大去比较。这里的n*divisor就用上述的快速乘去实现——需要改动一点，就是最后返回dividend 和 n*divisor 大小关系。
n是0到2^31-1之间的一个数，要找到合适的n，可以用二分法，相较于依次挨个比较，时间复杂度更优，代码如下（C++）：

class Solution {
public:
    bool quick_mul(int divisor, int n, int dividend){
        int ans = 0;
        int add = divisor;
        while(n){
        	//末位为1，要加上一部分
            if(n&1){
            	//如果计算过程中发现ans更小，就说明n太大了，直接返回false
                if(dividend - add > ans )   
                    return false;
                ans += add;
            }
            //如果当前不是最后一位，还要循环几轮
            if(n!=1){
            	//而下一轮要用到的add已经比dividend更小【里面包括的divisor的倍数更多】
            	//直接终止，返回false
                if(dividend - add > add)
                    return false;
                add += add;
            }
            n >>= 1;
        }
        return true;
    }

    int divide(int dividend, int divisor) {
        //特殊情况
        if(dividend == 0) return 0;
        if(divisor == 1) return dividend;
        //可能溢出的情况
        if(dividend == INT_MIN && divisor == -1) return INT_MAX;
        if(divisor == INT_MIN){
            return dividend == INT_MIN ? 1:0;
        }
        //防止溢出，正数变复数
        int rev = 1;
        if(dividend > 0){
            dividend = -dividend;
            rev = -rev;
        }
        if(divisor > 0){
            divisor = -divisor;
            rev = -rev;
        }

        int ans = 0, left = 1, right = INT_MAX;
        //二分查找的过程
        while(left <= right){
            int mid = left + ((right - left)>>1);
            if (quick_mul(divisor, mid, dividend)){
                ans = mid; //当前的mid是dividend <= mid * dividor，先赋值给and
                if(mid == INT_MAX)
                    break;
                left = mid + 1;
            }
            else{

                right = mid - 1;
            }
        } 
        return ans*rev; //乘以符号翻转
    }
};

二分查找过程是官方题解，但是我不太理解为什么一定要and = mid这一步赋值，直接返回mid是不对的……
解释：在-7/3这个情况下，结果是-2；left一直为1，right一直减小到3，此时mid = 2，对应quick_mul返回true，left = 3；此时仍然满足循环条件，mid 更新为 3 ，但是此时quick_mul返回的是false。也就是一个quick_mul返回true的mid可能是答案，需要记录，之后如果还有mid满足条件就更新。但是满足条件后mid可能还会更新，但更新后可能就不满足条件了。因此直接返回mul是不正确的。文章来源地址https://www.toymoban.com/news/detail-689476.html

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