动态规划——矩阵优化DP 学习笔记
前置知识:矩阵、矩阵乘法。
矩阵乘法优化线性递推
斐波那契数列
在斐波那契数列当中,\(f_1 = f_2 = 1\),\(f_i = f_{i - 1} + f_{i - 2}\),求 \(f_n\)。
而分析式子可以知道,求 \(f_k\) 仅与 \(f_{k - 1}\) 和 \(f_{k - 2}\) 有关;
所以我们设矩阵 \(F_i = \begin{bmatrix} f_{i - 1} & f_{i - 2} \end{bmatrix}\)。
设矩阵 \(\text{Base}\),使得 \(F_{i - 1} \times \text{Base} = F_i\),接下来考虑 \(\text{Base}\) 是什么;
带入可得 \(\begin{bmatrix} f_{i - 2} & f_{i - 3} \end{bmatrix} \times \text{Base} = \begin{bmatrix} f_{i - 1} & f_{i - 2} \end{bmatrix}\)。
即 \(\begin{bmatrix} f_{i - 2} & f_{i - 3} \end{bmatrix} \times \text{Base} = \begin{bmatrix} f_{i - 2} + f_{i - 3} & f_{i - 2} \end{bmatrix}\);
根据矩阵乘法的规则可知 \(\text{Base}\) 的第 \(1\) 列应为 \(\begin{bmatrix} 1 & 1 \end{bmatrix}^\text{T}\),第 \(2\) 列应为 \(\begin{bmatrix} 1 & 0 \end{bmatrix}^\text{T}\)。
所以求得 \(\text{Base} = \begin{bmatrix} 1 & 1 \\ 1 & 0 \end{bmatrix}\)。
然后考虑 \(f_i\) 的值应该是多少;
根据前面的公式可以知道 \(f_i = F_{n + 1}\) 的第一个数,所以就是求这个数。
根据 \(f_1 = f_2 = 1\),可以知道 \(F_3 = \begin{bmatrix} f_2 & f_1 \end{bmatrix} = \begin{bmatrix} 1 & 1 \end{bmatrix}\),我们将这个作为边界值;
然后有 \(F_4 = F_3 \times \text{Base}\),\(F_5 = F_4 \times \text{Base} = F_3 \times \text{Base} \times \text{Base}\)。
因为矩阵乘法有结合律,所以 \(F_{n + 1} = F_3 \times \text{Base}^{n - 2} = \begin{bmatrix} 1 & 1 \end{bmatrix} \times \begin{bmatrix} 1 & 1 \\ 1 & 0 \end{bmatrix}^{n - 2}\)。
因为矩阵没有交换律,所以 \(F_3\)(前)和 \(\text{Base}^{n - 2}\)(后)一定不能写反了!
例题1
\(\left\{\begin{array}{l} f_1 = f_2 = 0 \\ f_i = f_{i - 1} + f_{i - 2} + 1 \end{array}\right.\)
点击查看题解
\(f_i\) 仅与 \(f_{i - 1}\) 和 \(f_{i - 2}\) 有关,同时还包括了常数 \(1\),
所以我们设 \(F_i = \begin{bmatrix} f_{i - 1} & f_{i - 2} & 1 \end{bmatrix}\),
然后设 \(\text{Base}\) 使得 \(F_{i - 1} \times \text{Base} = F_i\),
即 \(\begin{bmatrix} f_{i - 2} & f_{i - 3} & 1 \end{bmatrix} \times \text{Base} = \begin{bmatrix} f_{i - 1} & f_{i - 2} & 1 \end{bmatrix}\)。
因为 \(f_{i - 1} = f_{i - 2} + f_{i - 3} + 1\),所以易知:
\(\text{Base} = \begin{bmatrix} 1 & 1 & 0 \\ 1 & 0 & 0 \\ 1 & 0 & 1 \end{bmatrix}\).
边界条件为 \(F_3 = \begin{bmatrix} 0 & 0 & 1\end{bmatrix}\),
所以 \(F_{n + 1} = F_3 \times \text{Base}^{n - 2}\)。
即可求出 \(f_n\).
例题2
\(\left\{\begin{array}{l} f_1 = 0 \text{,} f_2 = 1 \\ f_i = f_{i - 1} + f_{i - 2} + i \end{array}\right.\)
点击查看题解
\(f_i\) 仅与 \(f_{i - 1}\)、\(f_{i - 2}\) 和 \(i\) 有关,为实现 \(i\) 的递增,还需设置常量 \(1\);
所以我们设 \(F_i = \begin{bmatrix} f_{i - 1} & f_{i - 2} & i & 1 \end{bmatrix}\),
由 \(F_{i - 1} \times \text{Base} = F_i\) 得 \(\text{Base} = \begin{bmatrix} 1 & 1 & 0 & 0 \\ 1 & 0 & 0 & 0 \\ 1 & 0 & 1 & 0 \\ 0 & 0 & 1 & 1 \end{bmatrix}\).
边界条件为 \(F_3 = \begin{bmatrix} 1 & 0 & 3 & 1 \end{bmatrix}\).
\(F_{n + 1} = F_3 \times \text{Base}^{n - 2}\);即可求出 \(f_n\)。
例题3(来自 OI-Wiki)
\(\left\{\begin{array}{l} f_{1} = f_{2} = 0 \\ f_{n} = 7f_{n-1}+6f_{n-2}+5n+4\times 3^n \end{array}\right.\)
点击查看题解
我的解法与 OI-Wiki 上的有所不同:
设 \(F_n = \begin{bmatrix} f_{n - 1} & f_{n - 2} & n & 3^n & 1 \end{bmatrix}\).
易知 \(\text{Base} = \begin{bmatrix} 7 & 1 & 0 & 0 & 0 \\ 6 & 0 & 0 & 0 & 0 \\ 5 & 0 & 1 & 0 & 0 \\ 4 & 0 & 0 & 3 & 0 \\ 0 & 0 & 1 & 0 & 1 \end{bmatrix}\).
边界值 \(F_3 = \begin{bmatrix} 0 & 0 & 3 & 27 & 1 \end{bmatrix}\).
则 \(F_{n + 1} = F_3 \times \text{Base}^{n - 2}\).
例题4
\(\left\{\begin{array}{l} f_1 = f_2 = 0 \text{,} f_3 = 1 \\ f_i = 3f_{i - 1} + 2f_{i - 2} + f_{i - 3} + 5i + 7 \end{array}\right.\)
点击查看题解
增加了 \(f_{i - 3}\),但是本质是一样的。
可以设 \(F_i = \begin{bmatrix} f_{i - 1} & f_{i - 2} & f_{i - 3} & i & 1 \end{bmatrix}\),
易得 \(\text{Base} = \begin{bmatrix} 3 & 1 & 0 & 0 & 0 \\ 2 & 0 & 1 & 0 & 0 \\ 1 & 0 & 0 & 0 & 0 \\ 5 & 0 & 0 & 1 & 0 \\ 7 & 0 & 0 & 1 & 1 \end{bmatrix}\).
而 \(F_4 = \begin{bmatrix} 1 & 0 & 0 & 4 & 1 \end{bmatrix}\),
则 \(F_{n + 1} = F_4 \times \text{Base}^{n - 3}\)。
例题5
洛谷 P1939 矩阵加速(数列):https://www.luogu.com.cn/problem/P1939
考虑这道题 \(\text{Base}\) 该如何设置。
点击查看代码
const long long MOD = 1e9 + 7;
struct matrix
{
long long a[4][4];
matrix operator*(const matrix &t) const
{
matrix res;
memset(res.a, 0, sizeof res.a);
for (int i = 1; i <= 3; ++i)
for (int j = 1; j <= 3; ++j)
for (int k = 1; k <= 3; ++k)
res.a[i][j] = (res.a[i][j] + a[i][k] * t.a[k][j] % MOD) % MOD;
return res;
}
};
int main()
{
int T = rr;
while (T--)
{
int n = rr;
if (n <= 3)
{
printf("1\n");
continue;
}
matrix Base = {{{0, 0, 0, 0},
{0, 1, 1, 0},
{0, 0, 0, 1},
{0, 1, 0, 0}}};
matrix res = {{{0, 0, 0, 0},
{0, 1, 0, 0},
{0, 0, 1, 0},
{0, 0, 0, 1}}};
int k = n - 3;
while (k)
{
if (k & 1)
res = res * Base;
k >>= 1, Base = Base * Base;
}
printf("%lld\n", (res.a[1][1] + res.a[2][1] + res.a[3][1]) % MOD);
}
return 0;
}
时间复杂度
矩阵乘法 \(O(k^3)\) 其中 \(k\) 为矩阵的长(或宽);
快速幂 \(O(\log n)\);
所以[矩阵乘法优化线性递推]的时间复杂度为 \(O(k^3 \log n)\)。
矩阵乘法优化 DP
朴素矩阵乘法
有 \(\mathrm{dp}[t][x][y] = \sum\limits_{w = 1}^n \mathrm{dp}[t][x][w] \times G[w][y]\),
则可以看为矩阵乘法的形式:\(\mathrm{dp}_t = \mathrm{dp}_{t - 1} \times G\),即 \(\mathrm{dp}_t = Ans_0 \times G^t\)。
广义矩阵乘法
对矩阵的乘法重载,即可用快速幂求解了。
具体的,可以看这篇文章:https://www.luogu.com.cn/blog/i207M/xie-ti-bao-gao-sp1716-gss3-can-you-answer-these-queries-iii。
多组询问的矩阵乘法优化 DP
例题:P6569 魔法值
我们要求一个 \(\mathrm{Ans}_k = \mathrm{Ans}_0 \times \mathrm{Mp}^k\),其中 \(\mathrm{Ans}_i\) 是一个长度为 \(n\) 的行向量。
那么,我们先预处理 \(\mathrm{Mp}^k\),即 \(\mathrm{Mp}^{2^i}\)。
然后我们就是在求一个行向量和 \(\log_2 k\) 个 \(n \times n\) 的矩阵的乘积了。
在算答案的时候,我们先别算这 \(\log_2 k\) 个方阵的乘积,先用 \(\mathrm{Ans}_0\) 向量从左乘到右。
因为向量乘矩阵复杂度是 \(O(n^2)\) 的!
这样复杂度就从 \(O(q \times n^3 \log_2 t)\),变成了 \(O(n^3 \log_2 t+q \times n^2 \log_2 t)\)。
练习题
见:https://www.luogu.com.cn/training/385249文章来源:https://www.toymoban.com/news/detail-711848.html
Reference
[1] https://oi-wiki.org/math/linear-algebra/matrix/
[2] https://www.cnblogs.com/ningago/p/17472070.html
[3] https://www.cnblogs.com/luckyblock/p/14430820.html
[4] http://blog.tsawke.com/Data/Blog/content/DDP.html
[5] https://blog.csdn.net/qq_41739081/article/details/128184363文章来源地址https://www.toymoban.com/news/detail-711848.html
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