前言
本篇博客主要打卡记录博主学习蓝桥杯C++AB组辅导课的习题第一章节的题目。
Ⅰ. 递归实现指数型枚举
0x00 算法思路
这一道题主要考查 dfs 算法，然后这一道题就是以位置来进行 搜索 当搜索到最后一个位置的时候就可以 收获结果 然后考虑枚举到的位置 可以选择 选 或者 不选
0x00 代码书写
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
const int N = 16;
int n;
int st[N]; // 状态，记录每个位置当前的状态：0表示还没考虑，1表示选，2表示不选
void dfs(int u)
{
if(u > n)
{
for(int i = 1 ; i <= n ; ++ i)
if(st[i] == 1)
cout << i << " ";
cout << endl;
return;
}
//不选
st[u] = 2;
dfs(u + 1);
st[u] = 0; //注意恢复现场
//选
st[u] = 1;
dfs(u + 1);
st[u] = 0; //注意恢复现场
}
int main()
{
cin >> n;
dfs(1); //枚举第一个位置
return 0;
}
0x00 思考总结
这一道题目 就是枚举每一个位置，然后进行选这个数字或者不选这个数字，当枚举到末尾的时候就可以进行收获(打印结果) —> 本质就是枚举每一个位置然后根据选或不选进行的排列组合
Ⅱ. 递归实现排列型枚举
0x00 算法思路
利用一个判断数组st数组，检查是否这个位置的数字我已经使用过了，如果使用过了，就继续，如果没有就直接放到a数组里，递归下一个位置
0x01代码书写
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
const int N = 11;
int n;
int st[N];//记录这个数字是否被使用过false表示没有，true表示用过
int a[N];//存放数字 方便打印
void dfs(int u)
{
if(u > n)//(u == n + 1)也是可以的表示枚举到最后一个位置
{
for(int i = 1 ; i <= n; ++ i)
cout << a[i] << " ";
cout << endl;
return;
}
for(int i = 1 ; i <= n ; ++ i)
{
if(st[i] == false)
{
a[u] = i;
st[i] = true;
dfs(u + 1);
st[i] = false; //恢复现场
}
}
return;
}
int main()
{
cin >> n;
dfs(1); //枚举第一个位置
return 0;
}
0x02 思考总结
对比上一道题目，上一道是根据选或不选来进行排列组合，这一道题目则是根据n的位置的多少进行排列组合，这里面用到了一个 st 数组来判断这一个数字是否被使用过，从而对这n个位置的数字进行排列组合
Ⅲ. 简单斐波那契
0x00 算法思路
简单的递推公式问题
0x01 代码书写
#include <iostream>
using namespace std;
int main()
{
int n;
cin >> n;
int a = 0, b = 1;
for (int i = 0; i < n; i ++ )
{
cout << a << ' ';
int c = a + b;
a = b;
b = c;
}
cout << endl;
return 0;
}
Ⅳ. 费解的开关
0x00 算法思路
暴力枚举第一行的32—>2的5次方 种情况，然后去统计第一行的五位01串中出现1的数量然后进行turn和step++，
然后枚举除了最后一行的前面四行，遇到 ‘0’ 就可以对 i + 1 行 j 列 进行 turn 操作，从而使得 i，j 这个位置的灯改变成亮。
最后去横扫最后一行，看是否有黑的灯，如果有的话，代表我们的操作是无法完成任务的，所以 输出-1
当发现没有黑的时候，就可以取最小值进行迭代了。
这里复制粘贴一下Acwing上边的疑惑讲解：
1.高票题解代码中的 if (k >> j & 1) 究竟什么意思？
其中，k保存的根本就不是第一行的灯所有可能的状态，不然它第j位都为1了还按它干嘛？ k单纯只是保存了第一行按开关的32种方式，与输入数据无关。
且大多数题解代码中都规定了k在二进制下某位为1就代表我们选择按下这一位所在编号的开关，你也可以自己规定k在二进制下某位为0才代表我们选择按下这一位所在编号的开关，这都无所谓。
比如k在二进制下表示为10001，就代表我们选择按第一行编号为0和编号为4的开关，然后对输入数据中第一行这两位执行turn操作。
贴一个Acwing大佬写的超级详细的题解
AcWing 95. 费解的开关（有图超详细，看不懂揍我）
0x01 代码书写
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
const int N = 6;
char g[N][N], backup[N][N];
int dx[5] = {-1,0,1,0,0}, dy[5] = {0,1,0,-1,0};
void turn(int x,int y)//dfs--->迷宫类模板
{
for(int i = 0 ; i < 5 ; ++ i)
{
int a = x + dx[i], b = y + dy[i];
if(a < 0 || a >= 5 || b < 0 || b >= 5) continue;
g[a][b] ^= 1;
}
}
int main()
{
int T;
cin >> T;
while(T -- )
{
for(int i = 0 ; i < 5 ; ++ i)
for(int j = 0 ; j < 5 ; ++ j)
cin >> g[i][j];
int res = 10;
for(int op = 0 ; op < 32 ; ++ op)
{
memcpy(backup, g , sizeof g);
int step = 0;
for(int i = 0 ; i < 5 ; ++ i)
if(op >> i & 1)
{
step ++;
turn(0, i);
}
for(int i = 0 ; i < 4 ; ++ i)
for(int j = 0 ; j < 5 ; ++ j)//对黑的灯进行turn操作
if(g[i][j] == '0')
{
step ++;
turn(i + 1 , j);
}
bool dark = false;
for(int i = 0 ; i < 5 ; ++ i)//遍历最后一行看是否存在黑着的灯
if(g[4][i] == '0')
{
dark = true;
break;
}
if(!dark) res = min(res,step);
memcpy(g, backup, sizeof g);
}
if(res > 6) res = -1;
cout << res << endl;
}
return 0;
}
Ⅴ. 递归实现组合型枚举
0x00 算法思路
通过枚举第一个位置和开始的数进行dfs操作，当搜索到最后一个位置的时候就可以收获结果了
0x01 代码书写
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
const int N = 30;
int n, m;
int st[N];
void dfs(int u, int start)
{
if(u == m + 1)
{
for(int i = 1 ; i <= m ; ++ i)
cout << st[i] << " ";
cout << endl;
return;
}
for(int i = start ; i <= n ; ++ i)
{
st[u] = i;
dfs(u + 1, i + 1);
st[u] = 0;
}
}
int main()
{
cin >> n >> m;
dfs(1, 1); //枚举第一个位置
return 0;
}
Ⅵ. 带分数
0x00 算法思路
根据 n = a + b / c 变换 成为 ： cn = ac + n所以可以先确定ac的值进而确定b的值所以有以下思路：
- 枚举a的数值
- 枚举c的数值
- 判断b是否符合条件
这个题目也用到了全排列的思想—>本节的第二道题目就是全排列题目的代码和思路
0x01 代码书写
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
const int N = 10;
int n;
bool st[N],backup[N];
int ans;
bool check(int a,int c)
{
long long b = n * (long long)c - a * c;//防止溢出用long long
memcpy(backup,st,sizeof st);//用备份操作
if(!a || !b || !c) return false;
while(b)//判断b当中的数字是否被使用过了已经
{
int x = b % 10;
b /= 10;
if(!x || backup[x]) return false;//被使用过了就返回false
backup[x] = true;
}
for(int i = 1 ; i <= 9 ; ++ i)//最后再对abc三个数字所选的数字看看是否选完了0~9个数字
if(!backup[i])
return false;
return true;
}
void dfs_c(int u, int a ,int c)
{
if(u > 9) return; //超过9个数就可以return
if(check(a,c)) ans ++; //发现组合就可以 ++ans
for(int i = 1 ; i <= 9 ; ++ i)//去确定c的值
{
if(!st[i])
{
st[i] = true;
dfs_c(u + 1,a, c * 10 + i);
st[i] = false;
}
}
}
void dfs_a(int u , int a)
{
if(a >= n) return; //a不能大于n
if(a) dfs_c(u,a,0);//a不能是0 然后去找c
for(int i = 1 ; i <= 9 ; ++ i)//去确定a的值
{
if(!st[i])
{
st[i] = true;
dfs_a(u + 1,a * 10 + i);
st[i] = false;
}
}
return;
}
int main()
{
cin >> n;
dfs_a(0, 0);// 去递归搜索 a 一开始选0个数字(用了多少个数)，a是0。
cout << ans << endl;
return 0;
}
Ⅶ. 飞行员兄弟
0x00 算法思路
先说结论，在判断是否要对(i, j)位置的把手进行切换时，只需要计算一下第i行和第j列总共7个把手(以下称为(i, j)对应的十字)中闭合的把手数目，如果是奇数个就进行切换，偶数个就不进行切换。(奇数个是该位置的把手进行过切换的充要条件)
因此我们从上到下从左到右顺次的对16个把手进行上述判断。如果判断结果是奇数个那么说明该位置被切换过，进行记录即可。
0x01 代码书写
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
#define x first
#define y second
const int N = 5;
typedef pair<int,int> PII;
char g[N][N], backup[N][N];
int get(int x, int y)
{
return x * 4 + y;
}
void turn_one(int x, int y)
{
if (g[x][y] == '+') g[x][y] = '-';
else g[x][y] = '+';
}
void turn_all(int x, int y)
{
for (int i = 0; i < 4; i ++ )
{
turn_one(x, i);
turn_one(i, y);
}
turn_one(x, y);
}
int main()
{
for(int i = 0 ; i < 4 ; ++ i) cin >> g[i];
vector<PII> res;
for(int op = 0 ; op < 1 << 16 ; ++ op)
{
vector<PII> temp;
memcpy(backup, g ,sizeof g);
for(int i = 0 ; i < 4 ; ++ i)
for(int j = 0 ; j < 4 ; ++ j)
{
if(op >> get(i, j) & 1)
{
temp.push_back({i, j});
turn_all(i, j);
}
}
bool has_closed = false;
for(int i = 0 ; i < 4 ; ++ i)
for(int j = 0 ; j < 4 ; ++ j)
{
if(g[i][j] == '+')
has_closed = true;
}
if(has_closed == false)
if(res.empty() || res.size() > temp.size()) res = temp;
memcpy(g,backup,sizeof g);
}
cout << res.size() << endl;
for(auto& op : res) cout << op.x + 1 << " " << op.y + 1 << endl;
return 0;
}
Ⅷ. 翻硬币
0x00 算法思路
将硬币和目标的样子进行比较，当发现不一样的时候就进行 turn 翻转即可
0x01 代码书写
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
const int N=110;
char start[N], aim[N];
int n;
void turn(int i)
{
if(start[i]=='o') start[i]='*';
else start[i]='o';
}
int main()
{
cin >> start >> aim;
n = strlen(start);
int res=0;
for(int i = 0; i < n - 1 ; i ++)
{
if(start[i] != aim[i])
{
turn(i), turn(i+1);
res ++;
}
}
cout << res << endl;
return 0;
}
总结
本篇博客主要讲解了递推与递归的算法，也涉及到了 dfs 搜索算法的使用，其实 dfs 算法可以文章来源：https://www.toymoban.com/news/detail-719851.html
- 先去想dfs的含义，参数的含义
- 找到dfs的结束条件进行收获结果
- 根据题目要求实现dfs代码
希望自己可以多多练习，后面蓝桥杯辅导课看完就会去看算法提高课继续提升文章来源地址https://www.toymoban.com/news/detail-719851.html
到了这里，关于蓝桥杯---第一讲 递归与递推的文章就介绍完了。如果您还想了解更多内容，请在右上角搜索TOY模板网以前的文章或继续浏览下面的相关文章，希望大家以后多多支持TOY模板网！
