文章目录
- 最长ZigZag子序列
- 最小面积子矩阵
一、最长ZigZag子序列IO链接
本题思路:本题是一道dp问题, 集合划分:只有一个a[i]或者倒数第二个元素是第j个数字并且需要是下降得到a[j]:g[j]+1,状态计算f[i]=max(f[i],g[j]+1),这是第一种情况,还有一种是只有一个a[i]或者倒数第二个元素是第j个数字并且需要是上升得到a[j]:f[j] + 1状态计算g[i]=max(g[i],f[j]+1),这是第二种满足条件,那么每个状态最长的即为res=max(f[i],g[i])中最长的子序列。文章来源:https://www.toymoban.com/news/detail-732910.html
#include <bits/stdc++.h>
constexpr int N=55;
//集合划分:【只有一个a[i]】【其他:倒数第二个元素是第j个数字并且需要是下降得到a[j]:g[j] + 1】
//状态计算:f[i] = max(f[i], g[j] + 1);
int n;
int a[N];
int f[N];//表示以第i个数字结尾并且是前一个数字上升得到的a[i]
int g[N];//表示以第i个数字结尾并且是前一个数字下降得到的a[i]
int main()
{
std::ios::sync_with_stdio(false);
std::cin.tie(nullptr);std::cout.tie(nullptr);
std::cin>>n;
for(int i=1;i<=n;i++) std::cin>>a[i];
int res=0;
for(int i = 1; i <=n; i ++ ){
f[i] = g[i] = 1;
for(int j = 1; j < i; j ++ ){
if(a[i] > a[j]) f[i] = std::max(g[j] + 1, f[i]);
else if(a[i] < a[j])
g[i] = std::max(f[j] + 1 , g[i]);
}
res = std::max(res, std::max(f[i], g[i]));
}
std::cout<<res<<std::endl;
return 0;
}
二、最小面积子矩阵IO链接
本题思路:本题可以采用前缀和和双指针的方式,暴力也可以做知识复杂度比较高,将每一列进行一维前缀和操作,然后我们首先枚举上下边界,然后枚举左右边界,要求包含元素最少的子矩阵(右边界固定的时候,左边界往右总和变小,面积也变小)。文章来源地址https://www.toymoban.com/news/detail-732910.html
#include <bits/stdc++.h>
constexpr int N=110;
#define INF 0x3f3f3f3f
int n,m,k;
int g[N][N];
int ans=INF;
int main()
{
std::ios::sync_with_stdio(false);
std::cin.tie(nullptr);std::cout.tie(nullptr);
std::cin>>n>>m>>k;
for(int i=1;i<=n;i++)
for(int j=1;j<=m;j++){
std::cin>>g[i][j];
g[i][j]+=g[i-1][j];
}
for(int x=1;x<=n;x++)//处理上下边界
for(int y=x;y<=n;y++)
for(int l=1,r=1,sum=0;r<=m;r++){//对边界中的矩阵进行枚举
sum+=g[y][r]-g[x-1][r];
while(sum-g[y][l]+g[x-1][l]>=k)
{
sum-=g[y][l]-g[x-1][l];
l++;
}
if(sum>=k) ans=std::min(ans,(y-x+1)*(r-l+1));
}
if(ans==INF) std::cout<<-1<<std::endl;
else std::cout<<ans<<std::endl;
return 0;
}
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