1.二叉树创建字符串（简单）
链接：二叉树创建字符串
题目要求：
PS：题目描述的不是特别清楚，其实就是前序遍历树，然后用括号分别包含左子树和右子树遍历结果。
基础思路：
（1）不考虑括号去重的话，其实只要访问完当前节点后递归访问左右子树即可，并且在访问前加左括号，访问完毕后加右括号，当前节点为空时返回即可。代码如下：
class Solution {
public:
string ret;
string tree2str(TreeNode* root) {
dfs(root);
return ret;
}
void dfs(TreeNode* root)
{
if(root == nullptr) return;
ret += to_string(root->val);
ret += '(', dfs(root->left), ret += ')';
ret += '(', dfs(root->right), ret += ')';
}
};
（2） 对于括号去重，主要围绕左右子树为空，我们需要分情况讨论：
代码：文章来源地址https://www.toymoban.com/news/detail-734071.html
class Solution {
public:
string ret;
string tree2str(TreeNode* root) {
dfs(root);
return ret;
}
void dfs(TreeNode* root)
{
if(root == nullptr) return;
ret += to_string(root->val);
if(root->left || root->right) ret += '(', dfs(root->left), ret += ')';
if(root->right) ret += '(', dfs(root->right), ret += ')';
}
};
2.二叉树的分层遍历（中等）
链接：二叉树的分层遍历
题目要求：
基础思路：
（1） 二叉树层序遍历的思想其实很简单，就是借助队列，父节点带出子节点，依靠队列先进先出的特点控制访问顺序。
（2） 这个题目的关键点在于如何得知当前层和下一层的节点数，因为我们需要每一层都构建一个数组来存储结果。这里采用的解决方案是用一个next变量记录下一层的节点数，count(count初始为1)记录当前层的节点数，当前层访问完把next赋给count即可。
代码：
class Solution {
public:
vector<vector<int>> ret;
vector<vector<int>> levelOrder(TreeNode* root) {
if(root == nullptr) return ret;
queue<TreeNode*> q;
q.push(root);
int count = 1; //每一层的节点数
while(!q.empty())
{
vector<int> tmp;
int next = 0; //用一个变量记录下一层的节点
for(int i = 0; i < count; i++)
{
TreeNode* node = q.front();
q.pop();
tmp.push_back(node->val);
if(node->left) q.push(node->left), next++;
if(node->right) q.push(node->right), next++;
}
count = next;
ret.push_back(tmp);
}
return ret;
}
};
3.二叉树的最近公共祖先（中等）
链接：二叉树的最近公共祖先
题目要求：
-
解法一(时间复杂度高)：
基础思路：
解法一代码：
//理想是N*logN,对于退化成链表的情况变成O(N ^ N)
class Solution {
public:
bool isTree(TreeNode* root, TreeNode* x)
{
if(root == nullptr) return false;
if(root->val == x->val) return true;
return isTree(root->left, x) || isTree(root->right, x);
}
TreeNode* lowestCommonAncestor(TreeNode* root, TreeNode* p, TreeNode* q) {
if(root == p || root == q) return root;
bool pInLeft = isTree(root->left, p);
bool pInRight = !pInLeft; //不在左树就在右树
bool qInLeft = isTree(root->left, q);
bool qInRight = !qInLeft;
if((pInLeft && qInRight) || (pInRight && qInLeft)) //p，q分别在左右子树
return root;
if(pInLeft && qInLeft) return lowestCommonAncestor(root->left, p, q); //pq都在左树
else return lowestCommonAncestor(root->right, p, q); //pq都在右树
}
};
-
解法二(时间复杂度低)：
基础思路：
第二种思路也不是很难，将根到p，q节点的路径找出来，从后向前找相交的节点即可，这样不好理解，还是看图：
解法二代码：
//找路径，转换为链表交点，用栈来存储路径，O(N)
class Solution {
public:
bool FindPath(TreeNode* root, TreeNode* x, stack<TreeNode*>& path)
{
if(root == nullptr) return false;
path.push(root); //不管怎么说，先入栈
if(root == x) return true;
if(FindPath(root->left, x, path)) return true; //递归走左找到了，直接返回
if(FindPath(root->right, x, path)) return true; //递归走右找到了，直接返回
//左右子树都没有，当前这个节点出栈
path.pop();
return false;
}
TreeNode* lowestCommonAncestor(TreeNode* root, TreeNode* p, TreeNode* q)
{
stack<TreeNode*> path1;
stack<TreeNode*> path2;
FindPath(root, p, path1);
FindPath(root, q, path2);
while(path1.size() != path2.size()) //长路径先走
{
if(path1.size() > path2.size()) path1.pop();
else path2.pop();
}
while(path1.top() != path2.top())
{
path1.pop(), path2.pop();
}
return path1.top(); //随便返回一个即可
}
};
4.二叉树搜索树转换成排序双向链表（中等）
链接：二叉树搜索树转换成排序双向链表
题目要求：
基础思路：
（1）因为是搜索树，我们采用类似中序遍历的方式解题。
（2）这个题的关键在于找前置节点，只要找到当前节点的前置就可以进行链接。
具体过程如下：
- 两个指针，prev记录前置，cur记录当前，prev初始为空
- cur为空，返回。
- （1）cur非空，先递归走左；
（2）左走完后prev就是前置，链接：cur->left = prev，prev->right = cur（这里prev非空）。
（3）链接完毕后更新前置，prev = cur。
（4）左走完，递归右，链接右子树。 - 最后需要确定链表头节点，这个可以
①转换前找：树的最左下角的节点。
②转换后找：从原根部节点一直向左即可。
先一路递归向左走到空：
代码：
class Solution {
public:
void _Convert_order(TreeNode* cur, TreeNode*& prev)
{
if(cur == nullptr) return;
_Convert_order(cur->left, prev);
cur->left = prev;
if(prev) prev->right = cur;
prev = cur;
_Convert_order(cur->right, prev);
}
TreeNode* Convert(TreeNode* pRootOfTree)
{
TreeNode* cur = pRootOfTree, *prev = nullptr;
_Convert_order(cur, prev);
TreeNode* ret = pRootOfTree;
while(ret && ret->left) //（1）有空树的情况（2）先链接好再向左找目标节点即可
{
ret = ret->left;
}
return ret;
}
};
5.根据树的前序遍历与中序遍历构造二叉树（中等）
链接：构造二叉树
题目要求：
基础思路：
（1）前序定根，中序定左右。
（2）先构造根，然后找到当前节点在中序数组的位置，把左右子树的节点划分出来。
（3）依据划分出的中序区间递归走左和右，区间不存在说明这个位置为空，返回空。
左右走完后链接起来即可。左右链接好了返回该树的根部节点。
处理细节：
（1）怎么找到当前节点在中序数组的位置：
①一种方式是遍历中序区间，这样每一层都需要遍历，时间复杂度高
②一种是用哈希表进行存储，用值映射中序下标，时间复杂度低。
本文选择方式②。
按前序遍历的过程走一下这个过程：
文章来源：https://www.toymoban.com/news/detail-734071.html
代码：
class Solution {
public:
unordered_map<int, int> ord;
TreeNode* _buildTree(vector<int>& preorder, vector<int>& inorder, int& prei, int inbegin, int inend)
{
if(inbegin > inend) return nullptr; //区间不存在返回空
TreeNode* root = new TreeNode(preorder[prei]);
int rooti = ord[preorder[prei++]];
//划分出三段区间：[inbegin, rooti - 1] rooti [rooti + 1, inend]
root->left = _buildTree(preorder, inorder, prei, inbegin, rooti - 1);
root->right = _buildTree(preorder, inorder, prei, rooti + 1, inend);
return root;
}
TreeNode* buildTree(vector<int>& preorder, vector<int>& inorder) {
for(int i = 0; i < inorder.size(); i++)
{
ord[inorder[i]] = i;
}
int i = 0;
return _buildTree(preorder, inorder, i, 0, inorder.size() - 1);
}
};
到了这里，关于二叉树题目合集（C++）的文章就介绍完了。如果您还想了解更多内容，请在右上角搜索TOY模板网以前的文章或继续浏览下面的相关文章，希望大家以后多多支持TOY模板网！
