信息学奥赛一本通【1302】股票买卖

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信息学奥赛一本通1302

1302:股票买卖 时间限制: 1000 ms 内存限制: 65536 KB

 

【题目描述】

最近越来越多的人都投身股市,阿福也有点心动了。谨记着“股市有风险,入市需谨慎”,阿福决定先来研究一下简化版的股票买卖问题。 假设阿福已经准确预测出了某只股票在未来N天的价格,他希望买卖两次,使得获得的利润最高。为了计算简单起见,利润的计算方式为卖出的价格减去买入的价格。 同一天可以进行多次买卖。但是在第一次买入之后,必须要先卖出,然后才可以第二次买入。 现在,阿福想知道他最多可以获得多少利润。

 

 

【输入】

输入的第一行是一个整数T(T≤50),表示一共有T组数据。 接下来的每组数据,第一行是一个整数N(1≤N≤100,000),表示一共有N天。第二行是 N 个被空格分开的整数,表示每天该股票的价格。该股票每天的价格的绝对值均不会超过1,000,000。

 

【输出】

对于每组数据,输出一行。该行包含一个整数,表示阿福能够获得的最大的利润。

 

 

【输入样例】 .

3 7 5 14 -2 4 9 3 17 6 6 8 7 4 1 -2 4 18 9 5 2

 

【输出样例】

28 2 0 解决思路 对于这道题,明显每一天的最大利润与之前的日子的利润有关,而与后面的利润无关。所以此该题符合无后效性原则,且每天的利润可由前一天的状态更新出来,那么该题可用动态规划的思路解决。

 

 

【数组定义】:

设置函数f[i][j][k]数组用于存储dp的结果,即到第i天,进行第j次交易,状态为k时的总利润。i代表第几天,j代表第几次交易,对于k,k=0时代表这一天不持有股票,k=1时代表这一天持有股票。 data[]存放每天的股票的价值

 

【状态转移】

对于f[i][j][0],意味着此时不持有股票,那么今天不拥有股票,可能是因为前一天不拥有,那么到目前为止的总利润不变。也可能是前一天拥有股票,但是今天卖出了,此时也收获了大小为data[i]的利益而。f[i][j][1]应取这两种情况的最大值。用代码表示就是:

f[i][j][0]=max(f[i][j][0],f[i][j][1]+data[i]);

 

对于f[i][j][1],意味着目前具有股票,当前具有股票,可能是因为上一天的股票保留到了今天,利润不变。也可能是因为前一天本来没有股票,今天购入了股票,利润减少data[i]。而f[i][j][1]应取这两种情况的最大值。用代码表示就是:

f[i][j][1]=max(f[i][j-1][0]-data[i],f[i][j][1]);

 

【代码示例】

 1 #include <bits/stdc++.h> 
using namespace std; 2 3 int data[100005],f[3][3]; 4 5 int max(int a,int b) { 6 return a>b?a:b; 7 } 8 9 int min(int a,int b) { 10 return a<b?a:b; 11 } 12 13 int main() { 14 int t,n; 15 cin>>t; 16 while(t--) { 17 18 memset(f,0,sizeof(f)); 19 cin>>n; //三个维度的意义为:第几天,第几次交易,手中是否持有股票 20 f[0][0]=0; 21 f[0][1]=-1e8; 22 f[1][1]=-1e8; 23 f[1][0]=0; 24 f[2][1]=-1e8; 25 for(int i=1; i<=n; i++) { 26 scanf("%d",&data[i]); 27 } 28 for(int i=1; i<=n; i++) { 29 for(int j=1; j<=2; j++) { 30 f[i][j][0]=max(f[i][j][0],f[i][j][1]+data[i]); 31 f[i][j][1]=max(f[i][j-1][0]-data[i],f[i][j][1]); 32 } 33 } 34 printf("%d\n",f[n][2][0]); 35 }

 

【空间优化】 我们发现f[i]都是由f[i-1]更新得到的,所以我们可以不用设置[i]这一维度,我们只需要从上一次记录的结果再进行更新就好了,代码如下

 1 #include <iostream>
 2 using namespace std;
 3 
 4 int data[100005],f1[100005],f2[100005];
 5 int mmin=1e7,mmax=-1e7;
 6 
 7 int max(int a,int b){
 8     return a>b?a:b; 
 9 }
10 
11 int min(int a,int b){
12     return a<b?a:b; 
13 }
14 
15 int main(){
16     int t ;
17     cin>> t ;
18     while(t--){
19         int n,ans=0;
20         cin>>n;
21         for(int i=1;i<=n;i++){
22             scanf("%d",&data[i]);
23         }
24         mmin=1e7,mmax=-1e7;
25         for(int i=2;i<=n;i++)
26         {
27             mmin=min(mmin,data[i]);
28             f1[i]=max(f1[i-1],data[i]-mmin);
29         }
30         f2[n+1]=0;
31         mmin=1e7,mmax=-1e7;
32         for(int i=n-1;i>=1;i--)
33         {
34             mmax=max(mmax,data[i]);
35             f2[i]=max(f2[i+1],mmax-data[i]);
36 
37         }
38         for(int i=1;i<n;i++){
39             ans=max(ans,f1[i]+f2[i+1]);
40         }
41         printf("%d\n",ans);
42     }
43     return 0;
44 }

 PS:个人日常发布学习笔记,本篇思路从【董晓老师】处学习

董晓老师博客:https://www.cnblogs.com/dx123/ 文章来源地址https://www.toymoban.com/news/detail-748590.html

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